作者： 负雪明烛 id： fuxuemingzhu 个人博客： http://fuxuemingzhu.cn/ 公众号：负雪明烛 本文关键词：Leetcode, 力扣，字符串相加，两数相加，两数之和，求加法，代码模板，Python, C++, Java

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@TOC

题目地址：https://leetcode-cn.com/problems/add-strings

题目描述

给定两个字符串形式的非负整数 num1 和 num2 ，计算它们的和并同样以字符串形式返回。

你不能使用任何內建的用于处理大整数的库（比如 BigInteger ）， 也不能直接将输入的字符串转换为整数形式。

示例 1：

输入：num1 = "11", num2 = "123"
输出："134"

示例 2：

输入：num1 = "456", num2 = "77"
输出："533"

示例 3：

输入：num1 = "0", num2 = "0"
输出："0"

提示：

1. 1 <= num1.length, num2.length <= 10^4
2. num1 和 num2 都只包含数字 0-9
3. num1 和 num2 都不包含任何前导零

题目大意

不使用大整数的情况下，计算两个字符串表示的数字的和。

解题方法

前言

加法是我们上小学的时候开始学习的第一种数学运算。

在算法题中，「求加法」问题大多考察「列竖式」求和。

题目中，「两数之和」通常与其他形式表示的数字结合起来：

• 两个字符串形式的数字相加（第 415 题）
• 两个链表形式的数字相加（第 2 、445、369 题）
• 数组形式的数字相加（第 66 、989题）
• 两个二进制形式的数字相加（第 67 题）

做法都是非常类似的，本质是在考察各种数据表示形式：字符串，链表，数组，二进制。

我们只要掌握了用「列竖式」求「两数之和」的方法，这类题目全都可以秒杀。

十进制加法

我们先回顾一下十进制加法的计算过程：

使用「竖式」计算十进制的加法的方式：

1. 两个「加数」的右端对齐；
2. 从最右侧开始，从右向左依次计算对应的两位数字的和，如果有进位需要加上进位。如果和大于等于 10，则把和的个位数字计入结果，并向前面进位；
3. 重复步骤 2；
4. 当两个「加数」的每个位置都计算完成，如果最后仍有进位，需要把进位数字保留到计算结果中。

在实现中需要注意的有：

1. 不可以把字符串表示的「加数」先转化成 int 型数字再求和，因为可能溢出；
2. 两个「加数」的字符串长度可能不同；
3. 在最后，如果进位 carry 不为 0，那么最后需要计算进位。
4. 注意 结果数字 是否为低位结果在前，根据题目要求判断最后是否要反转结果。

详细代码

题目要我们求两个字符串形式表示的数字相加，按照「列竖式」的方法进行求解即可。

代码说明

1. while (p1 >= 0 || p2 >= 0 || carry != 0)含义：
   1. 字符串 num1 和 num2 只要有一个没遍历完，那么就继续遍历；
   2. 如果字符串 num1 和 num2 都遍历完了，但是最后留下的进位 carry != 0，那么需要把进位也保留到结果中。
2. 取 digit 的时候，如果字符串 num1 和 num2 中有一个已经遍历完了（即 $p1<0$ 或者 $p2<0$），则认为 num1 和 num2 的对应位置是 $0$。

代码

该代码可以作为「求加法」的模板。

Java 语言代码如下：

class Solution {
    public String addStrings(String num1, String num2) {
        StringBuilder res = new StringBuilder(); // 返回结果
        int p1 = num1.length() - 1; // 标记遍历到 num1 的位置
        int p2 = num2.length() - 1; // 标记遍历到 num2 的位置
        int carry = 0; // 进位
        while (p1 >= 0 || p2 >= 0 || carry != 0) { // num1 没遍历完，或 num2 没遍历完，或进位不为 0
            int digit1 = p1 >= 0 ? num1.charAt(p1) - '0' : 0; // 当前 num1 的取值
            int digit2 = p2 >= 0 ? num2.charAt(p2) - '0' : 0; // 当前 num2 的取值
            int add = digit1 + digit2 + carry; // 当前位置相加的结果
            carry = add >= 10 ? 1 : 0; // 是否有进位
            add = add >= 10 ? add - 10 : add; // 去除进位后留下的数字
            res.append(add); // 把去除进位后留下的数字拼接到结果中
            p1 --; // 遍历到 num1 的位置向左移动
            p2 --; // 遍历到 num2 的位置向左移动
        }
        return res.reverse().toString(); // 把结果反转并返回
    }
}

C++ 代码如下：

class Solution {
public:
    string addStrings(string num1, string num2) {
        const int M = num1.size();
        const int N = num2.size();
        string res;
        int p1 = M - 1;
        int p2 = N - 1;
        int carry = 0;
        while (p1 >= 0 || p2 >= 0 || carry > 0) {
            int cur1 = p1 >= 0 ? num1[p1] - '0' : 0;
            int cur2 = p2 >= 0 ? num2[p2] - '0' : 0;
            int sum = cur1 + cur2 + carry;
            carry = sum >= 10 ? 1 : 0;
            sum = sum >= 10 ? sum - 10 : sum;
            res += to_string(sum);
            p1 --;
            p2 --;
        }
        reverse(res.begin(), res.end());
        return res;
    }
};

Python 代码如下：

class Solution(object):
    def addStrings(self, num1, num2):
        p1 = len(num1) - 1
        p2 = len(num2) - 1
        res = ""
        carry = 0
        while p1 >= 0 or p2 >= 0 or carry > 0:
            digit1 = int(num1[p1]) if p1 >= 0 else 0
            digit2 = int(num2[p2]) if p2 >= 0 else 0
            sum = digit1 + digit2 + carry
            carry = 1 if sum >= 10 else 0
            sum = sum - 10 if sum >= 10 else sum
            res += str(sum)
            p1 -= 1
            p2 -= 1
        return res[::-1]

复杂度分析

• 时间复杂度：$O(max(M,N))$，$M$ 和 $N$ 分别是字符串 num1 和 num2 的长度；
• 空间复杂度：$O(1)$，只使用了常数的空间。

类似题目

看完本文，你可以解决以下题目：

• 415. 字符串相加
• 2. 两数相加
• 445. 两数相加 II
• 369. 给单链表加一
• 66. 加一
• 989. 数组形式的整数加法
• 67. 二进制求和

总结

1. 「求加法」系列题目都不难，其实就是 「列竖式」 计算。
2. 需要注意的是：
   1. while循环结束条件；
   2. 遍历两个「加数」不要越界；
   3. 进位。
   4. 最后的结果需要翻转

日期

2017 年 1 月 12 日 2018 年 11 月 19 日 —— 周一又开始了 2021 年 11 月 1 日 —— 把求加法的题目一次性更新完